一根不计质量的棒长度为l棒的一端固定
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/04/29 12:53:14
当盘静止时,由胡克定律得(m+M)g=kL①设使弹簧再伸长△l时手的拉力大小为F再由胡克定律得(mg+Mg+F)=k(L+△L)②由①②联立得F=△LL(m+M)g刚松手瞬时弹簧的弹力没有变化,则以盘
mgl=0.5m*v1^2+M*v2^2mv1=2Mv2mv1-Mv2=(M+m)vEp=mgl-0.5M*v2^2-0.5(M+m)v^2=mgh其中h是m相对与0势能面的高度下边就是cos所求角=
1、对气缸底部进行受力分析应受到重力,气缸内部气体的压力和外部大气压向上的压力,且三者矢量和为零,即MG+P1S=P0S解得P1=(P0S-MG)/S=[1*10^5Pa*50*10^(-4)m^2-
等一下,我写一下过程再问:好的再答:(1)合力F=mv^2/r=2000N又合力F=F拉-G所以拉力为2050N(2)F=maa=F/m=2000/5=400m/s或a=v^2/r=400m/s应该是
(1)a=v^2/r=64/1=64m/s^2(2)Fn=ma=5*64=320N(3)T-mg=maT=mg+ma=50+320=370N亲.请你及时采纳.有问题另行提问.我会随时帮助你.再问:T是
(1)小球在最低点时,由牛顿第二定律得:T-Mg=Mv2r得:T=M(g+v2r)=5×(9.8+2021)N=2049N(2)小球在最低的向心加速度为a=v2r=2021=400m/s2答:(1)小
电流产生的力F=IBL=0.01*1/3*I=I/300重力绳子的合力f=mg*tg37=0.75*0.05*10=0.375N两个力相等I/300=0.375I=0.375*300=112.5A
运动距离设为S,用时为t,则磁通量变化量为BSL,平均电动势为BSL/t,平均电流BLS/tR,所以由It=qt×BLS/tR=q解出S=Rq/BLμmgS+Q=Ek直接得到Q
1、由机械能守恒4mgL+mgL=4mg(L/2)+(1/2)4mV^2+(1/2)mVx^2在竖直位置两物体的角速度相同V/(L/2)=Vx/L则Vx=2V得到Vx^2=3gL2、加速度m1g-m2
开始时木块静止在木板左端,现用水平向右的力将m拉至右端,拉力做功最小值,即为小木块在木板上做匀速运动,所以由功的表达式可得:W=FL=2FfL2=μmgL故答案为:μmgL
长度为L的电缆盘,电缆的另一端刚离开地面时重心上升的高度为L2根据动能定理:FL-mgL2=12mv2得:v=2m/s答:电缆的另一端刚离开地面时的速度大小为2m/s.
地面是光滑的,所以木板与地面没有摩擦,但木块与木板之间有摩擦,动摩擦因素是木块与木板之间的动摩擦因素······再问:���㿴һ���ҵ�������˵���ǵ�һ��ʽ����ʲô����֦̣���
(1).由小球通过最低点时的速度大小为v=20m/s知道:此时a向=F向/m=V^2/L=400/1=400m/s^2(2).最低点时,设绳子拉力为T.那么,T=F向+mgF向=mV^2/L=5*40
物体相对地面的位移x=L/2 看图
1.因为是滑轮,对木板受力分析摩擦力为umg,考虑到受力平衡,故滑轮绳子的拉力为umg2.在分析小木块,受到的摩擦力为umg,由第1点可知受到绳子的拉力也为umg,考虑到受力平衡,故水平向右的拉力F=
W=mgμL,g为重力加速度,L为木块运动距离.所需要最少的功就是客服摩擦力做的功.再问:答案上说F恰巧匀速拉木块是做工最小F=2umgs=L/2不明白再答:首先你需要明白,匀速运动时物体时平衡状态,
当木板与物体即将脱离时,m与板间作用力N=0,此时,对物体,由牛顿第二定律得: mg-F=ma又 F=kx 得:x=m(
正确答案CD起跳瞬间运动员的重力势能为mgHA错运动员达到平衡位置有最大速度,其重力势能为mg(H-L-mg/k).B错C弹性绳刚好拉直时,运动员的重力势能中mg(H-L).正确D运动员下落到最低点时
当木板与物体即将脱离时,m与板间作用力N=0,此时,对物体,由牛顿第二定律得:mg-F=ma又F=kx 得:x=m(g-a)k对过程,由:x=12at2得:t=2m(g-a)ak故答案为:2m(g-a
把整个系统看做一个杠杆,O为支点.G1的力臂为L1=DCcosθ-OCsinθG2的力臂为L2=OCsinθ其中OC=Lcos30°DC=L/4由杠杆平衡原理可知G1(L/4cosθ-Lcos30°s