如图所示,小球B的质量为m2 静止于光滑的水平面上

A、B：以原来m1的速度v方向为正方向，根据动量守恒定律m1v＝−12m1v+12m2v所以m1m2＝13故A正确、B错误．C、D：两球碰撞前后动能变化量分别为：△Ek1＝12m1(v2)2−12m1

再问：为什么路径之比等于速度之比？可以解释一下吗？谢谢再答：碰撞后两球均做匀速直线运动，B球与墙壁碰撞前后都是匀速运动，速度大小相等方向相反，碰撞时间可视为零，因而直到再次发生碰撞第一次碰撞后直到的二

两球发生弹性碰撞，设碰后A、B两球的速度分别为v1、v2，规定向右为正方向，根据系统动量守恒得：m1v0=m1v1+m2v2…①已知小球间的碰撞及小球与墙壁之间的碰撞均无机械能损失，由机械能守恒定律得

A、两小球所受的绳子的拉力提供向心力，所以向心力大小相等，角速度又相等，则有：m1ω2r1=m2ω2r2又m1=2m2．解得：r1：r2=1：2，故AB正确，C、根据向心力的表达式，Fn=man；由于

A、B：以原来m1的速度v方向为正方向，根据动量守恒定律m1v＝−12m1v+12m2v所以m1m2＝13故A正确、B错误．C、D：两球碰撞前后动能变化量分别为：△Ek1＝12m1(v2)2−12m1

A、加电场后，A小球受到向左的电场力，B小球受到向右的电场力，电场力做正功，电势能减小，故A错误；B、加电场后，A小球受到向左的电场力，B小球受到向右的电场力，两小球远离过程中，电场力做正功，电势能减

对A、B球受力分析，根据共点力平衡和几何关系得：m1g=F1cotθ1，m2g=F2cotθ2不论q1与q2谁大谁小，它们之间的库仑力总是等值、反向、共线的，即总有F1=F2，所以当m1=m2，则θ1

解题思路：本题考查机械能守恒定律、动量定理、动量守恒定律的应用。解题过程：解析：A、加电场后，A小球受到向左的电场力，B小球受到向右的电场力，两小球所受的电场力大小相等、方向相反，合力为零，所以系统的

开始时，B球的初始加速度恰好等于零，受力分析，则有：F库=m2gsinθA球的初始加速度沿斜面向下，受力分析，则有F=m1a 又F=m1gsinθ+F库解得：a＝m1+m2m1gsinθ＝3

A、加电场后，A小球受到向左的电场力，B小球受到向右的电场力，电场力做正功，电势能减小，故A错误；B、加电场后，A小球受到向左的电场力，B小球受到向右的电场力，两小球所受的电场力大小相等、方向相反，合

A、加电场后，电场力对两球均做正功，电势能减小，故A错误；B、等量异种电荷在匀强电场中，两球所受的电场力必定大小相等、方向相反，系统所受的合外力为零，系统的动量守恒．故B错误．C、当弹簧长度达到最大值

AB、设两球碰撞后m1、m2的速度分别为v1、v2．m1、m2碰撞时动量守恒，则有  m1v0=m1v1+m2v2---①弹性碰撞机械能守恒，则有 12m1v02=12m

A错,弹簧伸长的过程中,电场力对AB做正功,则系统机械能不断增加.当弹簧伸长至最大长度至弹簧压缩至小长度,电场力是坐负功的,此过程系统机械能就减小了.B错,虽然系统所受电场力等大反向,但是弹簧伸长至A

A、加电场后，A小球受到向左的电场力，B小球受到向右的电场力，两小球所受的电场力大小相等、方向相反，合力为零，所以系统的动量守恒，故A正确；B、加电场后，A小球受到向左的电场力，B小球受到向右的电场力

加电场后，A小球受到向左的电场力，B小球受到向右的电场力，电场力做正功，电势能减小，机械能增加．故A错误；两小球远离过程，先做加速度不断减小的加速运动，再做加速度不断变大的减速运动，故当电场力与弹力平

（1）根据动能定理得，qElcos37°-m1gl（1+sin37°）=0代入数据解得E=2m1gq．（2）当轻杆转过90°时，根据动能定理得，qEl-m1gl=12m1v2解得v2=2gl．根据牛顿

不同意．开始时，B球的初始加速度恰好等于零，而A球的初始加速度沿斜面向下，则一段时间后A，B两球间距增大，库仑力减小，小于B球重力，B球的加速度沿斜面向下，所以加速度a2方向应沿斜面向下，a2=m2g

设碰撞后m1、m2的速度分别为v1、v2．第一种情况：m1小球由A到B撞m2，且m1碰撞后反向，以v0方向为正，由动量守恒定律得：m1v0=m2v2-m1v1…①因为恰在C点发生第二次碰撞，m1运动3