在图示机构中,已知:匀质圆盘A重为P,匀质轮O重为Q,半径均为R,斜面倾角为β
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/04/29 00:17:28
两个电阻并联值为0.5欧,则(I-IS)*1/2=US解得I=6A
C点(见图)的轨迹为以D为圆心,lcd为半径的圆弧.lcd越长,圆弧越平直.当lcd→∞时,C点的轨迹为直线,这时可把摇杆做成滑块,转动副D转化成了移动副,曲柄摇杆机构转化成了曲柄滑块机构.即摇杆机构
这个问题首先应分情况而定.首先要判断整转副(能整周转动的回转副)的存在性.1.整转副存在的条件:1)最短杆+最长杆≦其余两杆之和;2)最短杆两端的转动副为整转副(曲柄为最短杆).接下来的判断条件就是:
大盘半径4小盘半径1.5设大盘直径M,小盘直径mπ(M/2)^2-4π(m/2)^2=7π(M/2)^2-m^2=7然后把m从1开始试就可以了得m=3
3,1再问:可不可以告诉我解答过程?谢谢再答:大圆面积减去四个小圆面积,得5π再问:找出来大小圆半径关系然后呢?再答:然后一看就看出来了再问:要不要这么打击人,我怎么就没看出来呢再问:可不可以麻烦你,
S阴影=大圆-4S小圆=πR^2-4πr^2=π(R^2-4r^2)=5π,(R+2r)(R-2r)=5,∵R与r都是整数,∴R-2r=1,R+2r=5解得:R=3,r=1.是否可以解决您的问题?
1)、基圆半径rb=R-Loa=202)、h=2*Loa=503)、最大α=arcsin(OA/R)=arcsin5/9≈33.75°
设U=U𠃋0V,则Il=5𠃋90,I2=5𠃋-30,I=5𠃋30,故R=10tan30=5.77欧,电压Us=5x丨R+j10丨=57.
分别在B点和C点作出绝对速度,相对速度和牵连速度,再将它们沿BC杆投影,就可以求出速度了,然后就可以求角速度了.角加速度比较麻烦,得算上科氏加速度,你看看课本吧,其实挺简单的.
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分析与提示:分析圆盘可知,圆盘作平动.分析系统,只有重力作功,由动能定理求解.
1、设:OA杆的角速度为:ω.则:A点的速度为:Va=ω√3L而A点的速度可以分解为:沿AB杆方向的速度:vab,和垂直AB杆方向的速度:v0已知.OD=LOA=√3L,∠AOD=30°,由余弦定理可
A、B两物体的出发点的关系是()C.B在A前面6m处
感应电动势E=BSωsinωt.当ωt=π/6时,t=π/600.10=BS*100sinπ/6,所以BS=1/5.电流i=E/R=20sinωt.电量q=∫idt=∫20sinωtdt=-1/5co
【第一题】∑MA=0,FBy·l+M=0,FBy=-M/l=-10/4=-2.5kN【方向向下】∑Fy=0,FBy+FAy=0,FAy=-FBy=2.5kN【方向向上】【第二题】∑MB=0,FAy·L
机构的自由构件n=7低副PL=10高副PH=0F=3n-2PL-PH=3*7-2*10-0=1机构的自由度等于原动件数,此机构具有确定的相对运动.
设大圆盘的半径为Rcm,一个小圆盘的半径为rcm,根据题意,得:πR2-4πr2=5π,即(R+2r)(R-2r)=5.因为R,r均为正整数,所以R+2r,R-2r也为正整数,所以:R+2r=5R−2
这样想没有错啊.首先VA=2RW是常数,所以切向加速度等于0.其次由法向加速度公式v²/r,v=2Rω你求对的,但是你的R求错了.R的定义是点的曲率半径,不是点到旋转中心的距离!你误以为圆的
再问:错了再答:哦,看错了,我还以为是I3呢,那就是C了再问:为什么再答:你可以假设I2为x,则I3=x-1,又Us=5V;所以x乘以1+(x-1)乘以1=5.。。。。再问:这种题目I4I5没关系的吧
动系AB杆作刚体定轴转动,DC杆作刚体平面运动,基点为B,B也在AB上,DC杆的的牵连平动就是B饶A点的圆周运动.D点的牵连速度的大小 &nb