设常数a≥0,函数f(x)=x-ln2x+2alnx-1
来源:学生作业帮 编辑:拍题作业网作业帮 分类:数学作业 时间:2024/05/01 00:59:17
设常数a≥0,函数f(x)=x-ln2x+2alnx-1
(1)令g(x)=xf'(x)(x>0),求g(x)的最小值,并比较g(x)的最小值与0的大小;
(2)求证:f(x)在(0,+∞)上是增函数;
(3)求证:当x>1时,恒有x>ln2x-2alnx+1.
(1)令g(x)=xf'(x)(x>0),求g(x)的最小值,并比较g(x)的最小值与0的大小;
(2)求证:f(x)在(0,+∞)上是增函数;
(3)求证:当x>1时,恒有x>ln2x-2alnx+1.
(Ⅰ)∵f(x)=x-(lnx)(lnx)+2alnx-1,x∈(0,+∞)
∴f′(x)=1−[
1
x×lnx+(lnx)×
1
x]+
2a
x,=1−
2lnx
x+
2a
x,(2分)
∴g(x)=xf'(x)=x-2lnx+2a,x∈(0,+∞)
∴g′(x)=1−
2
x=
x−2
x,令g'(x)=0,得x=2,(4分)
列表如下:
∴g(x)在x=2处取得极小值g(2)=2-2ln2+2a,
即g(x)的最小值为g(2)=2-2ln2+2a.(6分)g(2)=2(1-ln2)+2a,
∵ln2<1,∴1-ln2>0,又a≥0,
∴g(2)>0
证明(Ⅱ)由(Ⅰ)知,g(x)的最小值是正数,
∴对一切x∈(0,+∞),恒有g(x)=xf'(x)>0
从而当x>0时,恒有f'(x)>0
故f(x)在(0,+∞)上是增函数
证明(Ⅲ)由(Ⅱ)知:f(x)在(0,+∞)上是增函数,
∴当x>1时,f(x)>f(1)
又f(1)=1-ln21+2aln1-1=0
∴f(x)>0,即x-1-ln2x+2alnx>0
∴x>ln2x-2alnx+1
故当x>1时,恒有x>ln2x-2alnx+1
∴f′(x)=1−[
1
x×lnx+(lnx)×
1
x]+
2a
x,=1−
2lnx
x+
2a
x,(2分)
∴g(x)=xf'(x)=x-2lnx+2a,x∈(0,+∞)
∴g′(x)=1−
2
x=
x−2
x,令g'(x)=0,得x=2,(4分)
列表如下:
∴g(x)在x=2处取得极小值g(2)=2-2ln2+2a,
即g(x)的最小值为g(2)=2-2ln2+2a.(6分)g(2)=2(1-ln2)+2a,
∵ln2<1,∴1-ln2>0,又a≥0,
∴g(2)>0
证明(Ⅱ)由(Ⅰ)知,g(x)的最小值是正数,
∴对一切x∈(0,+∞),恒有g(x)=xf'(x)>0
从而当x>0时,恒有f'(x)>0
故f(x)在(0,+∞)上是增函数
证明(Ⅲ)由(Ⅱ)知:f(x)在(0,+∞)上是增函数,
∴当x>1时,f(x)>f(1)
又f(1)=1-ln21+2aln1-1=0
∴f(x)>0,即x-1-ln2x+2alnx>0
∴x>ln2x-2alnx+1
故当x>1时,恒有x>ln2x-2alnx+1
设常数a大于0,函数f(x)=x-ln2x+2alnx-1,求证当x大于1时恒有x大于ln2x-2alnx+1
设a≥0,f(x)=x-1-ln2x+2alnx(x>0).
已知函数fx=x^2-(a+2)x与g(x)=-alnx 设h(x)=f(x)-g(x),a是常数
设常数a>=0,函数f(x)=x-lnx^2+2alnx-1(x属于0,正无穷)求证:当x>1时恒有x>lnx^2-2a
设常数a>=0,函数f(x)=x-lnx^2+2alnx-1(x属于(0,正无穷)),求证:当x>1时,恒有x>lnx^
已知函数f(x)=x²-(a+2)x+alnx,其中常数a>0,求函数单调区间
已知函数f(x)=x+alnx,其中a为常数,且a小于等于-1
设a≥0,f(x)=x-1-(lnx)^2+2alnx(x>0) 求证:当x>1时,恒有x>(lnx)^2-2alnx+
已知函数f(x)=alnx+x^2,a是常数
己知函数f(x)2alnx-x(常数a>0),(1)苦a=1时,求曲线y=f(x)在x=1处的切线方程她,(2)讨论函数
设函数f(x)=x-x^2+alnx,此曲线在p(1,0)处的切线斜率为2 求a的值
已知函数f(x)=x^2-x+alnx(x≥1),当a