线的一端系一重物

设物体的重力为G．以C点为研究对象，分析受力情况，作出力图，如图．作出力N与T的合力F2，根据平衡条件得知，F2=F1=G．由△F2NC∽△ACB得：NBC=TAC=GAB知AB、BC长度不变，杆与墙

挂重物的情况：加速度a=G/(m1+m2);不挂重物的情况：加速度a=F/m1;而F=G剩下的都知道了吧.这是因为第一种情况力G相当于同时对两个物体作用,而第二种情况省掉了悬挂的物体m2,只有大小等于

分析：　　关键是P、Q分离时刻,沿斜面方向,Q对P已经没有作用力了,P只受弹簧的弹力与自身重力作用.但是这一时刻,P仍在作加速度为a的匀加速运动!∴应该是kx2－m1gsin37°＝m1a.　　如果按

设刚开始时弹簧压缩量为x0则（m1+m2）gsinθ=kx0①因为在前0.2s时间内，F为变力，0.2s以后，F为恒力，所以在0.2s时，P对Q的作用力为0，由牛顿第二定律知kx1-m1gsinθ=m

最大值72N,最小值36N再问：可以把详细过程发给我吗再答：解析　从受力角度看，两物体分离的条件是两物体间的正压力为0.从运动学角度看，一起运动的两物体恰好分离时，两物体在沿斜面方向上的加速度和速度仍

小猴以最大加速度向上爬行时，重物对地压力为零，故小猴对细绳的拉力等于重物的重力，即F=Mg；小猴对细绳的拉力等于细绳对小猴的拉力F′=F；对小猴受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律，有F′-mg=

A、每秒转数相同，知角速度相等，根据F=mrω2知，绳越短向心力越小，绳的拉力越小，越不容易断．故A错误．B、线速度大小相等，根据F=mv2r知，绳越短，向心力越大，则绳子的拉力越大，绳子越容易断．故

根据O点受力由正交分解有：FOAcos30°=G          FOAsin30°=FOB由于F

电动机的输入功率p=ui=220*5=1100w电动机的输出功率（取g=10）200KG=2000np=f*v=2000*1*（1.2/2.4）=1000（v为向上的分速度）电动机电阻消耗的功率110

在本题中通过滑轮的绳子所受力的大小相等，都等于C的重力，由于OA方向不变，因此绳子OA与OC的合力不变，根据受力平衡可知，绳子OA与OC的合力大小等于绳子OB的拉力大小，故无论B左移右移，F都保持不变

容易知道绳子的拉力大小等于物体重力,即拉力T＝mg＝10*10＝100牛滑轮两侧的绳子都是100牛的拉力,对滑轮而言：一边绳子拉力的方向是竖直向下,另一边绳子拉力的方向是沿绳子斜向上偏右（与水平成30

由题意可得，对绳B点受力分析：滑轮受到绳子的作用力应为图中两段绳中拉力F1和F2的合力F，因同一根绳张力处处相等，都等于物体的重量，即F1=F2=G=mg=100N．用平行四边形定则作图，由于拉力F1

根据O点受力由正交分解有：FOAcosθ=G…①FOAsinθ=FOB…②联立①②，解得：FOA=GcosθFOB=Gtanθ答：挂上重物后对AO、BO绳的拉力分别为FOA=Gcosθ，FOB=Gta

当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，设两绳的夹角为2θ．以滑轮为研究对象，分析受力情况，作出力图如图1所示．根据平衡条件得2Fcosθ=mg得到绳子的拉力F=mg2cosθ所以在轻绳的右端从B点移到直

要使重物不离开地面,绳对猴子的拉力小于等于150N,由F=ma得最大加速度a=150-100/10=5

上升是由于惯性,下降是物体受到重力,而没有拉力与他平衡

1.牛顿第二定律只使用于质点,所以"质点系的牛顿第二定律来用整体法解"说法有科学性错误.2.本题(中学阶段)应该是用隔离法.3.在大学物理里,对于质点系有一个"质心运动定理".M2g-M1g=M2A+

A、根据牛顿第二定律得：F=mω2r，m一定，当ω相同时，绳长r越长，绳子拉力F越大，绳子越容易断．故A错误．B、根据牛顿第二定律得：F=mv2r，m一定，丝速度大小相等时，绳短的容易断．故B错误；C

（1）A、缓慢拉起,即没有加速度,受力平衡,∴细线的拉力F=G/cosa(a是细线与垂直方向的夹角)a增大,所以cosa减小,F增大.（2）B、C两物体相对静止地向右运动,所以可以看成整体,外力不变,

B由于力才50啊下面的不能断啊加上重力上面的就一百牛啊就断了啊这是大学物理吗