如图所示将一根弹簧的下端固定在烧杯的底部,上端固定一个铁块

解题思路：解答时，首先要注意弄清小球的运动过程，而后根据牛顿第二定律求出加速度与位移之间的关系，最后再确定图象的正、误。解题过程：解：小球开始下落时，做自由落体运动，加速度不变，当小球和弹簧接触时，受

在B点时,此时弹簧还没开始压缩,也就是说A球合外力不为0,故不是速度最大点在C点时,此时合外力为0,也就是说A球此时速度达到最大值,再往下会因弹簧弹力而减速在D点时,则小球从A点下落到D点的重力势能全

是的,从A到C位置小球的重力势能的减小变为弹簧的弹性势能和小球的动能,故从A到C位置小球的重力势能的减小大于小球的动能增加.

是要分析小球的运动情况吧!可以结合重力G与弹簧弹力F的大小关系进行.小球从静止开始下落后先做自由落体运动,以一定的速度与弹簧接触,然后压缩弹簧,直至将弹簧压缩至最短.压缩过程中弹力从零开始逐渐增大,压

第一次的表达式mg/k第二次的表达式mg/k+mg/2k弹簧无论怎么切,弹性系i数k都不变,所以对于右图,分别列出两个弹簧的受力-形变方成就可再问：总的捏？？再答：总的是什么意思。我没明白再问：追问呃

从2N到10N,力变化了8N,形变量增加了0.08m故：k=ΔF/Δx=8N/0.08m=100N/m也可以根据F=kx列方程组：设原长为L则：2N=k（L+x1）8N=k（L+x1+x2）其中,x1

A、在物体重力的作用下，会使弹簧发生形变，因此，物体不可能立即停止运动，是错误的；B、在物体下落的过程中，重力不变，弹力增大，在物体刚接触到弹簧时，受到的弹力小于重力，所以有向下的加速度，速度继续增大

（1）小球由A到B的过程中，机械能守恒，有：mgh1＝12mvB2得：vB＝2gh1（2）小球由A到D的过程中，重力做功，弹簧的弹力做功，重力势能转化为弹簧的弹性势能，机械能守恒．由机械能守恒得弹簧的

上半部分弹簧为S1部分拉伸情况不变，下半部分S2拉伸减小，L2一定小于L1，且m1越大、S2原长度越长，L2就越短，故选项C正确．故选C．

1楼分析是对的,但仍没达到你的要求-为什么到x0时加速度大小大于g?这个问题的完整回答最好学完人教版选修3-4先简单解答,若物块从弹簧原长,即自由端处释放,加速度大小为g,方向向下,到最低端,由对称性

设弹簧原长为L0,劲度系数为k；重物的质量为m.根据你的描述可知：L=L0-mg/k.将弹簧截成等长的两段后,每段的原长变成L0/2,劲度系数变成2k,放上半个重物后,长度为：L1=L0/2-mg/4

当升降机以4m/s2的加速度加速向上运动时，根据牛顿第二定律得，F+N-mg=ma，代入数据解得N=1N．当升降机以8m/s2的加速度加速向上运动时，合力增大，知支持力增大，由于弹簧的形变量不变，则弹

设弹簧原长度是x,受到G大小的力后,变形长度为y,劲度系数是k,那么y=G/k.上端固定时,受到的是G大小的拉力,弹簧拉长,此时的长度L1=x+y=x+G/k.下端固定时,受到的是G大小的压力,弹簧缩

感觉像D我是这样想的,如果物块从弹簧顶端开始释放而不是从高处释放.想想物块在最高点和最低点速度都是零,根据振动的对称性,物块在最低点的时候,加速度大小跟最高点一样,都是g.但是物块是从高处释放,那他到

当木块全部浸没时受到的浮力F浮全=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.04m）3=0.64N；木块一半浸入水中，受到的浮力F浮半=12F浮=12×0.64N=0.32N；当水深达

（1）分离瞬间加速度相同，相互作用力为零，而此时B物体只受重力，加速度为重力加速度，故A物体加速度也为重力加速度，弹簧长度为原长L0．（2）从撤除力到A、B分离，系统机械能守恒，则有：EP＝2mg(2

由图中的矢量三角形可知,F先减小后增大,绳子拉力一直减小.再问：有详细步骤吗？再答：F由AB到AC到AD到AE......所以F先减小后增大，绳子拉力由OB到OC到OD到OE......，所以绳子拉力

以钢球为研究对象,分析受力情况,作出力图,由平衡条件求出弹簧的弹力,再由胡克定律得出弹簧伸长量x与θ的关系式,选择图象．//--------------------------------------

A、烧断细线瞬间，小球受重力和弹簧的弹力，弹簧的弹力可能大于2mg，所以球所受合力的最大值可能大于球的重力值，故A错误．B、当小球的弹簧的弹力等于小球的重力时速度最大，再向上运动速度减小，动能减小，但

当木板与物体即将脱离时，m与板间作用力N=0，此时，对物体，由牛顿第二定律得：  mg-F=ma又 F=kx　    得：x=m(