如图所示A,B是两个完全相同的柱形容器,现像容器内分别导入

  选B

A．B若两球带等量同种电荷，碰撞前后两球电荷量不变，根据能量守恒，整个过程中，电场力对A球做功为0，所以H=h；故AB错误．C．D若两球带等量异种电荷，碰撞后两球电荷中和，均不带电，碰撞前电场力做正功

A、两个物体都处于静止状态，合外力都为零，所以物块a所受的合外力等于物块b所受的合外力．故A正确．B、D分别分析a、b受力情况．b受重力、支持力及b的沿斜面向上的推力，故对斜面的压力等于重力的分力；对

A、刚一闭合S2，电路中迅速建立了电场，立即就有电流，故灯泡A和B立即就亮，线圈中电流缓慢增加，最后相当于直导线，故灯泡B被短路而熄灭，故A错误；B、刚闭合S2后，线圈L中自感电动势阻碍电流增加，所以

A、S刚闭合后，灯泡A与电感并联，由于电感阻碍电流的增大，所以A灯亮一下，然后逐渐熄灭，B灯与电容器并联，由于电容器充电，所以B灯逐渐变亮．故A正确，B错误．C、S闭合足够长时间后，C中无电流，相当于

选BCD.先将两小球当做一个整体进行受力分析,可求出挡板的支持力为2mgtanα,即为挡板对B的压力；再将A隔离进行分析,可求出斜面对A的弹力大小为mgcosα,B对A的弹力大小为mgsinα,即B,

设两木块的质量均为m．A、B若地面是完全光滑的，对整体用牛顿第二定律得，加速度a=F2m，再对B运用牛顿第二定律得，FAB=ma=F2．故A错误，B正确．C、D若地面动摩因数为μ，对整体用牛顿第二定律

①V水=m水ρ水=2kg1.0×103kg/m3=2×10-3m3答：水的体积为2×10-3m3．②A容器对水平面的压力：FA=GA总=（m水+m容）g=（2kg+0.5kg）×9.8N/kg=24.

A1测量R1的电流，A2测量干路电流，并联电路干路电流等于各支路电流之和，指针偏转角度相同，两个电流表使用的量程一定不同．A2是使用0-3A的量程，A1是使用的0-0.6A的量程．A2的示数是A1示数

（1）∵容器中盛满同种液体，∴容器倒置后，液体深度没变，由液体压强公式p=ρgh得：pA=pB；（2）正放时，容器A对桌面的压力等于容器和液体的重力之和；倒放时，容器B对桌面的压力也等于容器和液体的重

（1）∵vA0＞vB0，且a相同∴只能在A往返过程中与B相遇      A速度减到零，经过的位移为s=vAO22a=12m，tA=vAO&n

A、开关s闭合瞬间，A和B同时发光，故A错误；B、电路稳定后L的电感不再起作用，起作用的只是它的直流电阻，因A、B灯相同，B此时正常发光，那么说明灯的额定电流由并联的A和L的直流电阻分配、L的直流电阻

首先,依题,整个过程无能量损失；A：碰撞时,啥也没发生,H=h'时,系统的重力势能和电势能都与初始时相等,即此时动能为0,反弹最高点h=H；D：碰撞时,两球电荷中和,碰撞后,两球带同种电荷,且电荷量减

这是波的干涉.在振动情况完全相同的两列波形成的干涉图样中,距离两波源的波程(波传播的路程)差Δs等于半波长偶数倍的点是振动加强点；距离两波源的波程差Δs等于半波长奇数倍的点是振动减弱点.某时刻a是两波

分析：两球将会滑动意味着球与地面的摩擦力达到最大静摩擦====滑动摩擦力.以任意小球为研究对象,设绳子拉力为T,受力分析得到：水平方向：T*SIN(Θ/2)====μ*N竖直方向：T*COS(Θ/2)

虽然没有图,但是猜测应该是这样的,A被杆撑着,稍微的扰动,使B产生滑动,于是B开始向右滑动,A开始向下滑动,因为杆是轻杆,所以不计质量,又不计一切摩擦力.所以A和B的动能是由A的重力产生的,动能大小和

电感线圈虽然没有电阻,但电感线圈有阻止电路电流变化的作用,所以A灯不会瞬间就灭,而是慢慢变暗,最后才灭,原因是,当通过电感线圈的电路发生变化时,由于电磁感应,电感线圈附近会产生变化的磁场,而变化的磁场

A、两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，机械能守恒，所以根据机械能守恒可以知两物体落地时速度大小相等，方向不同，所以速度不同，故A错误．B、到达底端时两物体的速率相同，重力也相同，但A物体重力与速

无论向那个方向运动,磁场强度总是先增大再减小,所以电流也是总是先增大再减小.在用右手定则判断电流方向,可知答案为D.

完全相同的金属碰撞后,所带电荷一定变为同种电荷.A碰撞后无变化,无能量损失,动能一定还会转化为势能,包括重力场势能和电场势能,因此A正确.C碰撞后电荷中和,电场所做的功也要转化为重力场势能,因此C不对