在光滑绝缘桌面上用一绝缘弹簧连接两个带有等量同种电荷的金属小球

（1）要使小滑块能运动到最高点,m在L点的向心力=重力,否则提前掉下来了.V=√（gR）电场力为F=Eq摩擦力为f=μmg设距离s释放,则(F-f)s=mg2R+0.5mV^2则：s=1.5m（2）到

BDaO段左侧电流产生的向里磁场比右侧产生的向外磁场大,所以合磁场向里,但是越靠近O,左侧产生磁场越小,右侧产生的越大,所以从a到O,是向里但逐渐减小的磁场.同理知Ob段是向外逐渐增大的磁场.根据左手

首先是电荷均分.CA接触后,A、C分别带电为原来A的一般,然后CB接触先中和在均分,因此分开后B、C带电为原来B的1/4.其次根据库伦定律可知如果AB两球距离不变,那么相互间的作用变为原来的1/8.再

很难么当均匀电场通过圆环时将产生电磁场,这时没有一定的外力,光靠那点重力,圆环是不能往下滑的,如果不加电场,用圆环的本身质量乘以约9.8再减去摩擦力

（1）由于可以到达D点,N点必然有速度,必然需要向心力.而且,电场力此时一定向右,大小为Eq.因此,需要的支撑力一定大于Eq,AB都是错的.选项C是对的.此时的向心力可以由电场力提供,支撑力为0.小球

1）要使小滑块能运动到最高点,m在L点的向心力=重力,否则提前掉下来了.V=√（gR）电场力为F=Eq摩擦力为f=μmg设距离s释放,则(F-f)s=mg2R+0.5mV^2则：s=1.5m（2）到达

（1）根据题意分析可知，小球过M点时对挡板恰好无压力时，s最小，根据牛顿第二定律有：qE＝mv2MR由动能定理得：qE(s−2R)＝12mv2M联立解得：s＝52R答：小球从释放点到N点沿电场强度方向

开始A球处于平衡，库仑力等于弹簧的弹力，有：kx0＝kQ2r2．将C球与A球接触后，A球的带电量变为原来的一半，假设压缩量变为原来的一半，知弹力为F＝kx02，库仑力F′＝kQ22r′2．因为压缩量变

修改：运动周期应为2π根号（M/k）1）碰撞前,动能定理：二分之一mv0^2=EqS求出A球碰撞前速度v0=根号（2EqS/m）因为碰撞无能量损失,由动能、动量定理得：二分之一mv0^2=二分之一mV

设弹簧的原长为Lo劲度系数为Ko,则KoX1=kQaQb/[(Lo+x1)^2]若OA′＝2QA,QB′＝2QB则Kox2=kQ'aQ'b/[(Lo+x2)^2]=4kQaQb/[(Lo+x2)^2]

根据库伦定律f=常数乘以电量1乘以电量2/距离的乘积答案应该选C因为距离增加的同时,库伦力也在减小,所以说最终要小于4X1

（1）电场力为F=Eq=1000*10^-4=0.1N摩擦阻力为f=μmg=0.2*0.01*10=0.02N合力为F-f=0.08N刚好到达轨道顶端时,合力做功转化为小滑块的动能,然后又转化为重力势

原先的库仑力F1=kq^2/(L-x),对应的形变量为xC与A球接触,平分电荷,A电荷量为q/2再与B接触,先中和后平分,B电荷量为q/4假设形变量不变,则库仑力为F2=F1/8库仑力减小,形变量一定

库仑力Fe=k'Q^2/r^2,k'为静电力恒量弹力Fk=kLFe=Fkk'Q2/r^2=kL.电量减半后k'(Q/2)^2/r^2=kL',.:得L'=L/4选C

由于A在光滑绝缘水平面上平衡,所以在初态弹簧弹力和库仑斥力平衡：kqq/(L+x1)2=kx1电荷加倍后：4kqq/(L+x2)2=kx2两式相比得：(L+x2)2/4(L+x1)2=x1/x2又因为

速度最大的时候,即为合力为零的时刻.此时的电场力大小为2mg因为要使框架对桌面压力为零,则需要弹簧对其有个向上等于mg的力.所以此时弹簧对小球也有一个向下mg的力.所以电场力为2mg再问：你好。能详细

W=1/2KX平方这个式子一般在解题时尽量要回避因为本题中你用它算出来的和用能量守恒定律（或是动能定理）算出来的结果一样吗?不一样!上式在定性时分析问题时可以用,但一般不用于定量计算!

解题思路是能量法重力做负功,电场力做正功EQ(AB+R)=MGR你这个答案有问题?或者走到D是转了3/4圈?

我刚做过一个与这题同一类形的题,实在不想再花时间打字了,现把那题的原题和我的解答放在下面,以供参考：完全相同的金属小球A和B带等量异种电荷,中间连接着一个轻质弹簧(绝缘),放在光滑绝缘水平面上,平衡时

设弹簧的劲度系数为K，原长为x．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0，则有：Kx0=kQq(x+x0)2①A、保持Q不变，将q变为2q时，平衡时有：Kx1=k2Qq(x+x1)2②，由①②解得：x1＜2x