一质量为m=2kg的小球从光滑的斜面上高

设小球到达P点的速度为v,竖直方向速度为v1,(1)P点与A点的高度差h=R-Rcos53=0.2mA到P机械能守恒：0.5mv0^2+mgh=0.5mv^2因：v^2=v1^2+v0^2则：v1^2

A错：加速度a=8÷2m/s²=4m/s²,末速度=(3+4×2)m/s=11m/sB错：根据v²-v0²=2ax,解得：位移x=14mC对：物体只受一个恒力,

1、mg=mv^2/R（临界条件下重力充当向心力）mgh=mg(2R)+mv^2/2（机械能守恒）解出h=5R/2=2.5m（至少为2.5m）2、据1中的分析,球不能到达圆环最高点处.mgh=mgh'

（1）运用动能定理研究A到B得：mgR=12mv02-0v0=2gR=25 m/s；（2）平抛运动时间t：12gt2=h t=2hg=0.6s；∴x=v0t=25×0.6m=655

（1）小球从A到P的高度差h=R（1+cos53°）①小球做平抛运动有     h=12gt2 ②则小球在P点的竖直分速度vy=gt③把小球

2s内做的功为W=FS=MGS=4X10X0.5X10X2X2=800则平均功率p=w/S=400瓦(2)2s末速度为v=gt=10x2=20m/s则瞬时功率为P=FV=40X20=800瓦

这个题涉及小球运动状态的分析.先这样想象一下,让小球的角速度从零开始逐渐增加,想象这一过程中小球会发生什么状况.明显的当小球的速度很小时,小球肯定是沿着圆锥运动的,即小球和圆锥间有作用力；而当小球的角

太简单了吧,3秒内路程s=1/2×10×9=45m,所以W=mgs=1×10×45=450J

1、从A到B,mgr=mv^2/2,即mv^2=2mgr,v=sqrt(2gr)=6m/s.在B点,N-mg=mv^2/r,则N=3mg.在B点支持力大小为3mg=30N2、离开B后做平抛运动.竖直下

（1）由机械能守恒：mgh=1/2mv^2得v^2=2gh=9v=3F压=N=F向+G=140N(2）由动能定理,1/2mv^2-0=mgh-mg2Rv^2=3v=根号3N=F向-mg=20N

高度下降：H＝10*sin30°＝5m势能改变：ΔEp＝mgH＝1*10*5＝50J沿斜面下滑的加速度：a＝g*sin30°＝5m/s²根据：S＝1/2at²下滑时间：t＝√（2S

没图.再问：再问：大哥急求啊再答：小球从轨道口射出时对轨道压力为0，所以重力为向心力mg=mv²/r，得v=根号gr，接下来是平抛运动==因为是半圆所以从b点到地面为2r，1/2gt

1,mg(h-2R)=mV^2/2V^2=30F+mg=mV^2/RF=80N2,上式F为0即可mg=mV'^2/RV'^2=10mg(h-2R)=mV'^2/2h=2.5m

（1）小球从静止开始到圆环顶点的过程，由机械能守恒得：mg（h-2R）=12mv2在圆环顶点时，对小球，有：mg+N=mv2R联立得：N=（2hR-1）mg=（2×3.51-1）×2×10N=120N

（1）设小球滑至环顶时速度为v1，所受环的压力为N，选顶点为零势点，小球运动过程中机械能守恒，机械能守恒定律及圆周运动的知识得：mg(h−2R)＝12mv2mg+FN＝mv2R，由以上方程联立得：FN

1.先算小球运动到桌子边缘的时间.a=qE/m=2g,(1/2)at^2=s,所以t=√s/g.然后小球在竖直方向上的分运动是自由落体,(1/2)gt^2=h,所以t‘=√(2h/g).总时间T=t+

重力G,斜面支持力N,拉力T三力平衡沿竖直水平方向分解得到Ncos45°=Tsin30°Nsin45°+Tcos30°=G=mgg取10T=1200/（1+√3）N

1)mgR=0.5*mv^2v=2m/s2)Fn-mg=mv^2/RFn=60N3)uFn=umg=ma-v^2=2ax解得a=-2m/s^2u=0.2

具体的已经讲了.抓住向心力是合力,结合三角函数解题.

设第一次滑块离开时木板速度为v，由系统的动量守恒，有mv0=mv′+Mv解得v=m(v0−v′)M＝2×(4−2)5＝0.8m/s设滑块与木板间摩擦力为f，木板长L，滑行距离s，如图，由动能定理对木板