一至一百的整数中能被三整除,或能被七整除的整数有多少个

不等于是!=而不是!==,还有sum+=i后少了分号……再问：也就是计算方法是没问题的吧？？再答：没问题！不过main前是void，就不需要returnsum;这一句了。再问：谢谢你！你的那段代码里的

one[wʌn]two[tu:]three[θri:]four[fɔ:]five[faiv]six[siks]seven['sevən]eight[eit]nine[na

和就是(101+102……+200)-7*(15+16+17……28)个数就是100-14=86个

107用pascal解决的程序：programlx;vari:integer;total:integer;beginfori:=1000to10000doif(imod147=0)or(imod197

#includevoidmain(){inti,sum=0;for(i=100;i{if(i%5==0&&i%7==0){sum+=i;}}printf("\nsum=%d

1-100之和=5050其中5的倍数之和=1050（5,10,15,20,25,30,35,40,45,50,55,60,65,70,75,80,85,90,95,100）其中9的倍数之和=594（9

1至100中能被3整除的整数的个数33个1至100中能被7整除的整数的个数14个即能被3整除,又能被7整除的整数：21,42,63,84.有4个1至100中能被3或7整除的整数的个数：33+14-4=

3的是30个,5的是18个,15的是6个所以10-99之间的整数能被3或5整除的数有30+18-6=42个

如果一个整数的各个数字之和能被3（或9)整除,那么这个数就一定能被（3）或（9）整除.我们先用三位数证明：一个三位数abc可写成:100a+10b+c因为a+b+c=3k所以：99a+9b+(a+b+

用out参数而且这不是已经返回了吗printf("Thereare%5dnumbersmeettheneeds.",n);加一行这个直接输出个数不就好了

把所有由1组成的数从小到大排列：1,11,111,1111,11111……用n依次去除这些数,得到一组余数.而且这些余数可能的值为0到n-1.所以,只要取前n+1个由1组成的数,其中至少有两个,被n除

首先先说一下容斥原理：A∪B∪C=A+B+C-A∩B-A∩C-B∩C+A∩B∩C此处,可将A表示为能被3整除的数,也就是3的倍数；B表示为能被5整除的数,也就是5的倍数；C表示为能被7整除的数,也就是

既能被6整除又能被8整除的个数2000/24=83（2000-83）/2000=0.9585

怎么说呢被三整除就是说这个数能够除以三且得到的数是整数

从1---100中能被6整除的数有16个,能被8整除的有12个能同时被6和8整除的数有4个,所以能被6或8整除的数有（16+12）—4=24所以所求概率为：24/100=6/25

即被三整除又被四除余1只能是12k+9的形式1000

能被3整除的数字共有：1000/3=333个能被5整除的数字共有：1000/5=200个能被7整除的数字共有：1000/7=142能同时被7和5整除的数：1000/35=28能同时被7和3整除的数：1

逆向思考被3整除的和为3×（1+2+...+33）=1683被5整除的和为5×（1+2+...20）=1050重复计算了15的倍数,扣除被15整除的和为15×（1+2+...6）=315而1~100的

被2整除的有100/2=50个被3整除的有99/3=33个既能被2又能被3整除的有96/6=16个所以共有50+33-16=67个

证明∵a^2+23=(a^2-1)+24,只需证a^2-1可以被24整除即可.∵a不能被2整除.∴a为奇数.设a=2k+1(k为整数),则a2-1=(2k+1)2-1=4k2+4k=4k(k+1).∵